在这个问题中，我们将计算将给定的字符串划分为K个子字符串的方法，使其满足问题陈述中给出的条件。
我们将使用递归来解决这个问题。此外，我们还将使用表格动态规划方法来高效解决这个问题。
问题陈述 − 我们有一个名为bin_Str的特定长度的字符串。该字符串只包含从’0’到’9’的数字字符。我们需要计算将字符串分割成K个子字符串的方式数，使其满足以下条件。
子字符串应至少包含2个字符。
每个子字符串的第一个字符应为偶数，最后一个字符应为奇数。
示例示例
输入
M = 2, K = 2; bin_str = "255687"
Output
1
Explanation − 根据问题陈述的条件，我们可以将255 | 687分割成给定字符串的一部分。
输入
M = 2, K = 2; bin_str = "26862";
Output
0
解释 − 由于字符串只包含偶数数字，我们无法将其分割成两个子字符串，使得每个子字符串以奇数数字结尾。
输入
M = 2, K = 3; bin_str = "856549867";
输出
3
Explanation − 可能的分区方式有85|65|49867、8565|49|867和85|6549|867。
方法一
我们将使用递归函数来解决这个问题。如果我们在当前索引找到了有效的子字符串，我们会进行递归调用，计算将剩余子字符串分成 K – 1 个子字符串的方法数量。
算法
步骤 1 − 取给定字符串的第一个和最后一个字符。
步骤 2 − 如果第一个字符不是偶数，且最后一个字符不是奇数，则返回 0。
步骤 3 − 如果起始索引等于字符串长度，则返回 0，因为我们已经到达给定字符串的末尾。
第4步− 如果 K == 1，则取字符串长度与起始索引之间的差值。如果它等于或大于 M，则返回 1。否则，返回 0。在这里，如果 K 为 1，我们需要获取剩余的子字符串。
第5步 – 将‘ops’初始化为‘0’，以存储分割方式的计数，将‘len’初始化为‘0’，以存储当前子字符串的长度。
步骤 6 − 从“start”索引开始遍历字符串直到字符串的末尾。
第7步− 将‘len’增加1。同时，获取当前字符和下一个字符。
第8步− 如果’len’大于M，并且当前数字是奇数，下一个数字是偶数，我们可以在当前索引处结束分区。因此，通过将下一个索引和K – 1作为函数参数传递，对countWays()函数进行递归调用。
第9步− 最后，返回‘ops’的值。
Example
#include using namespace std;int countWays(int start, int str_len, int K, int M, string bin_str) { // Geeting first and last character of the substring int f_char = bin_str[0] - '0'; int l_char = bin_str[str_len - 1] - '0'; if (f_char % 2 != 0 || l_char % 2 != 1) { return 0; } // When we reach at the end if (start == str_len) return 0; // Base case if (K == 1) { int chars = str_len - start; // Validate minimum length of substring if (chars >= M) return 1; return 0; } int ops = 0; int len = 0; // Traverse all partions for (int p = start; p = M && first % 2 == 1) { if (second % 2 == 0) { ops += countWays(p + 1, str_len, K - 1, M, bin_str); } } } return ops;}int main() { int M = 2, K = 2; string bin_str = "255687"; int str_len = bin_str.length(); cout << "The number of ways to split the string is " << countWays(0, str_len, K, M, bin_str) << endl; return 0;}
输出
The number of ways to split the string is 1
将字符串分割的方式数量为1
空间复杂度 – O(1)，因为我们不使用额外的空间。
方法二
在这种方法中，我们将使用表格动态规划技术来计算将字符串分割成K个部分的方法数。我们将使用矩阵来存储先前状态的输出。
算法
步骤 1 – 定义大小为 1001 x 1001 的全局矩阵 matrix[] 数组。矩阵的行映射到一个字符串字符，矩阵的列映射到 K。
第二步 − 取字符串的第一个和最后一个字符。如果第一个字符是偶数且最后一个字符是奇数，则执行countWays()函数。否则，在输出中打印0。
步骤 3 − 在 countWays 函数中，初始化 matrix[] 数组。
步骤 4 − 遍历矩阵的行数等于字符串长度，列数等于K。如果行数等于字符串长度，则将整行更新为0。
步骤5 − 否则，如果q为1，并且字符串长度减去当前索引大于M，则用1初始化数组matrix[p][q]。否则，用0初始化matrix[p][q]。
步骤 6 − 在其他情况下，将矩阵[p][q]初始化为-1。
第7步− 使用两个嵌套循环填充矩阵。使用外部循环进行2到K的遍历，使用嵌套循环进行0到字符串长度的遍历。
第8步 – 将’ops’和’len’初始化为0。此外，从第p个索引开始遍历字符串，并在每次迭代中将’len’增加1。
第9步 − 取出字符串的当前字符和下一个字符。
第10步− 如果长度大于M，当前字符是奇数，并且下一个字符是偶数，则将matrix[k + 1][q − 1]添加到’ops’中。
第11步− 使用‘ops’更新矩阵[p][q]。
第12步− 最后返回matrix[0][k]。
Example
的中文翻译为：
示例
#include using namespace std;int matrix[1001][1001];int countWays(int str_len, int K, int M, string bin_str) { // Base case for (int p = 0; p <= str_len; p++) { for (int q = 0; q = M) matrix[p][q] = 1; else matrix[p][q] = 0; } else { // For other cases matrix[p][q] = -1; } } } // Dynamic programming approach for (int q = 2; q <= K; q++) { for (int p = 0; p < str_len; p++) { int ops = 0; int len = 0; // length of current substring for (int k = p; k = M && first % 2 == 1 && second % 2 == 0) { // Substring starting from k + 1 index needs to be splited in q-1 parts ops += matrix[k + 1][q - 1]; } } matrix[p][q] = ops; } } return matrix[0][K];}int main() { int M = 2, K = 2; string bin_str = "255687"; int str_len = bin_str.length(); int f_char = bin_str[0] - '0'; int l_char = bin_str[str_len - 1] - '0'; cout << "The number of ways to split the string is "; if (f_char % 2 != 0 || l_char % 2 != 1) { cout << 0 << endl; } else { cout << countWays(str_len, K, M, bin_str) << endl; } return 0;}
输出
The number of ways to split the string is 1
时间复杂度 – O(N*N*K)，其中 O(N*N) 用于找到所有子字符串，O(K) 用于 K 个分区。
空间复杂度 – 使用matrix[]数组为O(N*K)。
以上就是计算将字符串分割为以偶数开头且最小长度为M的K个子字符串的方法数的详细内容，更多请关注创想鸟其它相关文章！
版权声明：本文内容由互联网用户自发贡献，该文观点仅代表作者本人。本站仅提供信息存储空间服务，不拥有所有权，不承担相关法律责任。
如发现本站有涉嫌抄袭侵权/违法违规的内容， 请发送邮件至 chuangxiangniao@163.com 举报，一经查实，本站将立刻删除。
发布者：程序猿，转转请注明出处：https://www.chuangxiangniao.com/p/1444790.html
微信扫一扫 
支付宝扫一扫 
